给你一个排列,要求你每次操作任选4个数字交换位置,最小需要多少次操作才能变成有序排列。
思路:考虑使用并查集,将i和a[i]所在的集合并。这样合并后的每个集内部元素是可以自由排列形成最终答案的。对于长度为1的集,说明i与a[i]在一个位置上,不需要操作;对于长度为2的集,两个可以组成一对进行操作;对于长度为3的集,需要用一个辅助元素与之组合;对于长度为4的集,肯定是选择它自己了;对于长度大于4的集,我们任选其中4个元素,只能使3个定序,另一个必定还是不对位的,因此操作次数是集的大小/3,此外集的大小%3还要讨论一下。
有位佬跟我说可以用基环树,但我还没有学过。等我学了,我再更新这篇blog……
代码:
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 26 27 28 29 30 31 32 33 34 35 36 37 38 39 40 41 42 43 44 45 46 47 48 49 50 51 52 53 54 55 56 57 58 59 60 61 62 63 64 65 66 67 68 69 70 71 72 73 74 75 76 77 78 79 80 81 82 83 84 85 86 87 88 89 90
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#define int long long #define pii pair<int,int> #define endl '\n' #define veci vector<int> #define vecpi vector<pii > #define mpi map<int,int> #define mpc map<char,int> #define inf 0x7fffffffffffffff #define eps 1e-8 #define yes cout<<"yes"<<endl #define no cout<<"no"<<endl #define seti set<int> #define mulseti multiset<int> #define setpi set<pii > #define priqli priority_queue<int,veci,less<int> > #define priqgi priority_queue<int,veci,greater<int> > #define priqgpi priority_queue<pii,vecpi,greater<pii > > using namespace std; const int N = 1000000; void solve();
signed main() { ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(0); int t=1; cin>>t; while(t--)solve(); cout.flush(); return 0; } int getpar(veci&d,int x) { if(x==d[x])return x; d[x]=getpar(d,d[x]); return d[x]; } void merg(veci&d,int x,int y) { x=getpar(d,x); y=getpar(d,y); if(x==y)return; d[x]=y; } void solve() { int n; cin>>n; veci d(n+1); for(int i=1;i<=n;i++)d[i]=i; mpi h; int x; for(int i=1;i<=n;i++) { cin>>x; merg(d,x,i); } for(int i=1;i<=n;i++)h[getpar(d,i)]++; int ans=0; int res=0; for(const auto&p:h) { if(p.second==4)ans++; else if(p.second>4) { ans+=p.second/3; if(p.second%3==2)res++; } else if(p.second==2)res++; else if(p.second==3)ans++; } cout<<ans+res/2+res%2<<endl; }
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